Задача по Физике 2

№506 На тонкую пленку в направлении нормали к ее поверхности падает монохроматический свет с длиной волны l = 500 нм. Отраженный от нее свет максимально усилен вследствие интерференции. Определить минимальную толщину d_min пленки, если показатель преломления материала пленки n = 1,4.

Дано: Решение:

l = 500 нм= В условии не указано, что пленка нанесена на стеклянную

=500*10^{-9 м} пластину. Поэтому оптическая разница хода световых волн,

n = 1,4 возникающая при отражении монохроматического света от

d_min - ? от тонкой пленки: Δ=2dncosi₂ +λ/2 (1), где

d – толщина пленки;

n – показатель преломления;

i₂ – угол преломления света в пленке, i₂ =0;

λ/2 – добавочная разность хода, возникающая из-за отражения от оптически более плотной среды.

Условие максимума: Δ =kλ (2)

(1)=(2) 2dn+λ/2=kλ

2dn=(λ/2)*(2k-1)

d=(λ/4n)*(2k-1)

d_min приk=1 d_min =λ/4n=(500*10^-9 )/(4*1.4)=89,3*10^-9 м=89,3нм

Ответ: d_min = 89,3нм

№516 На дифракционную решетку, содержащую n = 100 штрихов на 1 мм, нормально падает монохроматический свет. Зрительная труба спектрометра наведена на максимум второго порядка. Чтобы навести трубу на другой максимум того же порядка, ее нужно повернуть на угол Dj = 16°. Определить длину волны l света, падающего на решетку.

Дано: Решение:

n=100 штр/мм= Условие наблюдения максимума на дифракционной решетке

=100000 штр/м dsinφ=kλ (1), где

k=2 k – порядок максимума;

Δφ=16° φ – угол дифракции.

λ - ? φ=Δφ/2 (2) – в силу симметрии максимумов

d=1/n (3) – постоянная (период решетки)

Тогда (1) перепишется: (1/n)sin(Δφ/2)= kλ (4)

λ=(1/kn)sin(Δφ/2)=(1/10⁵ *2)sin8°=6.96*10^-7 м

Ответ: λ=6.96*10^-7 м

№526. Пучок света переходит из жидкости в стекло. Угол падения i пучка равен 60°, угол преломления r = 50°. При каком угле падения i_в пучок света, отраженный от границы раздела этих сред, будет максимально поляризован?

Дано: Решение:

i=60° Согласно закону Брюстера, пучок света максимально поляризован,

r=50° если тангенс угла падения i_В : tgi_В =n₂₁ (1), где

i_В - ? n₂₁ – относительный показатель преломления среды.

Найдем n₂₁ из закона преломления

sini/sinr= n₂ / n₁ = n₂₁ (2), подставив в первое уравнение получаем

tg i_В = sin i/sin r i_В =arctg(sin60°/sin50°)=48,5°

Ответ: i_В =48,5°

№536 Муфельная печь, потребляющая мощность Р = 1 кВт, имеет отверстие площадью S = 100 см² . Определить долю h мощности, рассеиваемой стенки печи, если температура ее внутренней поверхности равна 1 кК.

Дано: Решение:

Р=1 кВт= Излучаемая печью мощность P':

=10³ Вт Р'=ReS, где Re – излучательность абсолютно черного тела.

S=100 см² = Согласно закону Стефана-Больцмана:

=10^{-2 м2} Re=ςТ⁴ , где ς=5,68*10^-8 Вт/м² К⁴ – постоянная Стефана-Больцмана.

Т=1 кК= Тогда доля рассеиваемой мощности η:

=10³ К η=1-(Р'/Р)=1-(ςТ⁴ S/P)=1-(5,67*10^-8 *(10³ )⁴ *10^-2 /10³ )=0,43

η - ?

Ответ: η=0,43 или 43%

№546 На поверхность металла падает монохроматический свет с длиной волны l = 0,1 мкм. Красная граница фотоэффекта l_к = 0,3 мкм. Какая доля энергии фотона расходуется на сообщение электрону кинетической энергии?

Дано: Решение:

l=0,1 мкм= Согласно уравнению Эйнштейна для внешнего фотоэффекта

=10^{-7 м (закон сохранения энергии):} hυ=A_вых +T_max (1), где

l_к =0,3 мкм= hυ=hc/λ (2) – энергия падающего кванта излучения;

=3*10^{-7 м} h=6,63*10^-34 Дж*с – постоянная Планка;

k - ? с=3*10⁸ м/с – скорость света;

А_вых – работа выхода электронов из метала А_вых =hc/l_к (3);

T_max – максимальная кинетическая энергия фотоэлектронов.

Доля энергии фотона k на сообщение кинетической энергии

k= T_max /(hc/λ) (4)

(1), с условием (2),(3) переписывается hc/λ= hc/l_к +T_max (5)

T_max =hc(1/λ-1/l_к )

(6) подставляем в (4) и получаем

k= (hc(1/λ-1/l_к ))/(hc/λ)= λ(1/λ-1/l_к )=10^-7 (1/10^-7 -1/(3*10^-7 ))=0,67

Ответ: k=0,67 или 67%

№556 Найти дефект массы, энергию связи и удельную энергию связи ядра атома углерода ¹² ₆ С.

Дано: Решение:

¹² ₆ С Дефект массы Δm: Δm=Zm_p +(A-Z)m